最新电学实验专题教案 电学实验专题评课通用

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电学实验专题教案 电学实验专题评课篇一

实验 器材 被测金属丝、米尺、螺旋测微器、电压表、电流表、直流电源、电键、滑动变阻器和导线若干 【实验原理】 1．螺旋测微器的构造原理及读数（1）螺旋测微器的构造 如图所示是常用的螺旋测微器。它的小砧 a 和固定刻度 s 固定在框架 f 上。旋钮 k、微调旋钮k和可动刻度 h、测微螺杆 p 连在一起，通过精密螺纹套在 s 上。

（2）螺旋测微器的原理 测微螺杆 p 与固定刻度 s 之间的精密螺纹的螺距为 0.5mm，即旋钮 k 每旋转一周，p 前进或后退 0.5mm，而可动刻度 h 上的刻度为 50 等份，每转动一小格，p 前进或后退 0.01mm。即螺旋测微器的精确度为 0.01 mm。读数时误差出现在毫米的千分位上，因此，螺旋测微器又叫千分尺。

（3）读数：测量时被测物体长度的整数毫米数由固定刻度读出，小数部分由可动刻度读出。

测量值（毫米）=固定刻度数（毫米）（注意半毫米刻线是否露出）＋可动刻度数（估读一位）×0．01（毫米）2．游标卡尺（如图）（1）构造：主尺、游标尺（主尺和游标尺上各有一个内外测量爪）、游标尺上还有一个深度尺，尺身上还有一个紧固螺钉。

（2）用途：测量厚度、长度、深度、内径、外径。

（3）原理：利用主尺的最小分度与游标尺的最小分度的差值制成的一种测量长度的工具。

不管游标尺上有多少个小等分刻度，它的刻度部分的总长度比主尺上的同样多的小等分刻度少 l mm。常见的游标卡尺的游标尺上小等分刻度有 10 个的、20 个的、50 个的，见下表：

（4）读数：若用 x 表示由主尺上读出的整毫米数，k 表示从游标尺上读出与主尺上某一刻线对齐的游标的格数，则记录结果表达为（x＋kx×精确度）mm。

3．电阻率的测定原理 欧姆定律和电阻定律，用毫米刻度尺测一段金属丝导线的长度 l，用螺旋测微器测导线的直径 d，用伏安法测导线的电阻 r，由lrs ，得24rs d rl l 。

【实验步骤】 1．用螺旋测微器在导线的三个不同位置上各测一次，取直径 d 的平均值，然后计算出导线的横截面积 s； 2．将金属丝两端固定在接线柱上悬空挂直，用毫米刻度尺测量接入电路的金属丝长度 l（即有效长度），反复测量三次，求出平均值 l； 3．依照图中所示的电路图用导线把器材连好，并把滑动变阻器的阻值调至最大； 4．电路经检查无误后，闭合电键 s，改变滑动变阻器滑动片的位置，读出几组相应的电流表、电压表的示数 i 和 u 的值，记入记录表格内，断开电键 s，求出电阻 r 的平均值； 5．将测得 r、l、d 的值，代入电阻率计算公式24rs d rl l ，计算出金属丝的电阻率； 6．整理好实验器材，实验结束。

方法攻略 【注意事项】 1．螺旋测微器的使用（1）测量前须校对零点：先使小砧 a 与测微螺杆 p 并拢，观察可动刻度零刻度线与固定刻度的轴向线是否重合，以及可动刻度的边缘与固定刻度的零刻度线是否重合，不重合时，用存放螺旋测微器盒中的工具调节，直到完全重合为止。

（2）测量时，当测微螺杆 p 将要接触被测物体时，要停止使用旋钮 k，改用微调旋钮k，以避免 p 和被测物体间产生过大的压力。这样，既可以保护仪器，又能保证测量结果准确。当听到“咔、咔……”声后，止动，即可读数。

（3）螺旋测微器应估读一位，即以 mm 作单位，应读到小数点后面第三位。

（4）为防止读出的数据出现差错。可在读数前估计大概读数值，若发现最后读数与开始估计数值相差较大，立即检查出错原因，如半毫米刻线是否露出。

2．测定金属的电阻率（1）本实验中被测金属导线的电阻值较小，为了减少实验的系统误差，必须采用电流表外接法；（2）实验连线时，应先从电源的正极出发，依次将电源、电键、电流表、待测金属丝、滑动变阻器连成主干线路（闭合电路），然后再把电压表并联在待测金属丝的两端；（3）测量被测金属导线的有效长度，是指测量待测导线接入电路的两个端点之间的长度，即电压表两并入点间的部分待测导线长度，测量时应将导线拉直；（4）闭合电键 s 之前，一定要使滑动变阻器的滑动片处在有效电阻值最大的位置；（5）在用伏安法测电阻时，通过待测导线的电流 i 的值不宜过大（电流表用 0～0.6 a量程），通电时间不宜过长，以免金属导线的温度过高，造成其电阻率在实验过程中增大；（6）求 r 的平均值可用两种方法：第一种是用算出各次的测量值，再取平均值；第二

种是用图象 u 一 i（图线）的斜率来求出．若采用图象法，在描点时，要尽量使点间的距离拉大一些，连线时要让各点均匀分布在直线两侧，个别明显偏离较远的点可以不予考虑；（7）连接实物图时，所连的导线不要交叉，且接到接线柱上；（8）电流表与电压表的读数，注意有效数字的位数。

【误差分析——误差来源】 1．直径测量； 2．长度测量； 3．测量电路中电流表及电压表对电阻测量的影响； 4．通电电流大小，时间长短，致使电阻丝发热，电阻率随之变化； 由于本实验采用电流表外接法，所以r r 测 真，由 xr sl ，所以  测 真。

点 ■考点 2 描绘小电珠的伏安特性曲线 内容展示 实验 目的 1．描绘小电珠的伏安特性曲线； 2．分析曲线的变化规律并得出结论。

实验 器材 小电珠、4～6 v 学生电源、滑动变阻器、电压表、开关和导线若干 【实验原理】 在纯电阻电路中，电阻两端的电压与通过电阻的电流是线性关系，但在实际电路中，由于各种因素的影响，u—i 图象不再是一条直线．读出若干组小电珠两端的电压 u 和电流 i，然后在坐标纸上以 u 为纵轴，以 i 为横轴画出 u 一 i 曲线。

【实验步骤】 1．适当选择电流表、电压表的量程，采用电流表的外接法，按图所示的原理电路图连接好实验电路图； 2．滑动变阻器采用分压接法。把滑动变阻器的滑动片调至滑动变阻器的 a 端，电路经检查无误后，闭合电键 s； 3．改变滑动变阻器滑动片的位置，读出几组相应的电流表、电压表的示数 i 和 u，记入记录表格内，断开电键 s； 4．在坐标纸上建立一个直角坐标系，纵轴表示电流 i，横轴表示电压 u，用平滑曲线将各数据点连接起来，便得到伏安特性曲线； 5．拆去实验线路，整理好实验器材。

方法攻略 【注意事项】 1．因本实验要作出 i 一 u 图线，要求测出一组包括零在内的电压、电流值，因此，变阻器要采用分压接法； 2．本实验中，因被测小电珠电阻较小，因此实验电路必须采用电流表的外接法； 3．电键闭合后，调节变阻器滑片的位置，使电珠的电压逐渐增大，可在电压表读数每增加一个定值（如 0.5 v）时，读取一次电流值；调节滑片时应注意使电压表的示数不要超过小电珠的额定电压； 4．电键闭合前变阻器滑片移到图中的 a 端； 5．在坐标纸上建立坐标系，横纵坐标所取的分度比例应该适当，尽量使测量数据画出的图线占满坐标纸．连线一定要用平滑的曲线，不能画成折线。

【误差分析】 1．测量电路存在系统误差，未考虑电压表的分流，造成测得的 i 值比真实值偏大；

2．描绘 u 一 i 线时作图不准确造成的偶然误差。

例题分析：

：

例 例 1 1：

：在“测量金属丝的电阻率”的实验中：

（1）用螺旋测微器测金属丝的直径如图所示，则该金属丝的直径为 mm（2）已知电阻丝的电阻xr 约为 10ω，现备有下列器材供测量该电阻丝的电阻时选用，应选用的器材是（只填代号）a．量程为 0～0.6 a，内阻为 0.5ω的电流表1a b．量程为 0～3 a，内阻为 0.1 kω的电流表2a c．量程为 0～3v，内阻为 6 kω的电压表1v d．量程为 0～15 v，内阻为 30 kω的电压表2v e．阻值为 0～1 kω，额定电流为 0.5 a 的滑动变阻器1r f．阻值为 0～20ω，额定电流为 2a 的滑动变阻器2r g．电动势为 6v 的蓄电池 e h．开关 s，导线若干（3）画出用伏安法测上述电阻丝的电阻的电路图。

【答案】（1）0.650 或 0.651 或 0.649（2）acfgh（3）如图所示 【解析】（1）主尺读 0.5 mm，螺旋读数为 15.0×0.01 mm，故该金属丝的直径 d=（0.5+15.0×0.01）mm=0.650 mm。

（2）要测电阻丝的电阻xr 利用uri 即要测其两端电压 u 和通过它的电流 i，因 e=6 v，粗估xeir  0.6 a。故选电流表1a 和尽可能读数出现偏角较大的电压表1v，又因为3v6 1010xrr = 600 大于a100.5xrr =20。故测量电路应选电流表外接法，为保证电压表1v 能正常工作故可采用分压式电路，滑动变阻器选2r，又因2r 的最大值与xr 接近亦即二者串联可使1r 分压不超过 3v，故采用滑动变阻器接成限流式亦可，总之应用器材 acfgh，电路图可采用分压式或限流式，但电流表必须选用外接法，误差才相对小些。

【例2】某同学利用如图所示的电路，研究加在标有“3.8 v, 0.3 a”的小电珠两端的电压和通过它的电流的关系，得到如下表所示的数据。

由这些数据可以得到：

（1）描绘出小电珠的 u-i 曲线。

（2）比较 u 1 =1.0 v和 u 2 =3.0 v时小电珠的电阻大小，并说明其原因。

（3）小电珠两端的电压从零到额定电压变化时，小电珠的最大电阻是多少？最大电功率是多少？（4）通过小电珠的电流等于零时，这个小电珠的电阻是多少？ 【解析】（1）小电珠的 u i  图线如图所示。

（2）1 2 1 21.0 3.06.25 , 10.9 ,0.160 0.274r r r r         ，原因是随着电压的增大，通过小电珠的电流增大，同时小电珠的发热功率增加，随着温度的升高，灯泡灯丝的电阻率增大，则灯泡的电阻增大。

（3）由图象可知，电流、电压达到最大时，小电珠的电阻最大，因此，灯泡的最大电阻为：max3.8012.30.310uri     此时的电功率也最大：max3.80 0.310 p ui    w=1.178 w。

（4）由小电珠的伏安特性曲线可知，当通过小电珠的电流比较小时，可以看作通过原点的一条直线，随着温度的增加，变成曲线，因此电流等于零时的电阻即为开始电流很小时的电阻110.10020.050uri    。

【点评】 u i  图线的斜率的物理意义是代表所对应状态的的电阻。

例 例3 ：某同学测绘标有“3 v，1.5 w”小电珠的电功率随电压变化的图象，要使小电珠两端电压从0连续变化，为了使测量尽可能地准确，除了导线和开关外，可供选择的仪器还有：

a．电流表：量程0～0.6a，内阻约为1ω b．电流表：量程0～3 a，内阻约为2ω c．电压表：量程0～3 v，内阻约为2 kω d．电压表：量程0～15 v，内阻约为4.5 kω e．滑动变阻器：阻值范围0～10ω，额定电流2a f．电池组：电动势6 v，内阻约为1ω（1）选用的电流表代号为 ；电压表代号为。

（2）用笔画线当导线，将图中的实物连成所需电路。

【解析】（1）根据小灯泡的额定电压和额定功率可得小灯泡的额定电流为0.5 a，故电

流表选a。灯泡两端的电压最大为3 v，故电压表选c。

（2）小灯泡的电阻较小，故采用电流表外接法，题目要求小灯泡两端的电压从0连续变化，故滑动变阻器采用分压式接法，实物图如图所示。

◎成果测评 1．某同学想要了解导线在质量相同时，电阻与截面积的关系，选取了材料相同、质量相等的 5 卷导线，进行了如下实验：

（1）用螺旋测微器测量某一导线的直径如下图所示。

读得直径 d= mm。

（2）该同学经实验测量及相关计算得到如下数据：

请你根据以上数据判断，该种导线的电阻 r 与截面积 s 是否满足反比关系？若满足反比关系，请说明理由；若不满足，请写出 r 与 s 应满足的关系。

（3）若导线的电阻率75.1 10   ω·m，则表中阻值 3.1ω 的导线长度 l= m（结果保留两位有效数字）。

2．某研究性学习小组设计了图 1 所示的电路，用来研究稀盐水溶液的电阻率与浓度的关系。图中 e 为直流电源，k 为开关，k 1 为单刀双掷开关，v 为电压表，a 为多量程电流表，r 为滑动变阻器，r x 为待测稀盐水溶液液柱。

（1）实验时，闭合 k 之前应将 r 的滑片 p 置于（填“c’，或“d”)端；当用电流表外接法测量 r x 的阻值时，应置于位置（填“1”或“2”)。

（2）在一定条件下，用电流表内、外接法得到 r x 的电阻率随浓度变化的两条曲线如图 2 所示（不计由于通电导致的化学变化）。实验中 r x 的通电面积为 20cm 2，长度为 20 cm，用内接法测得 r x 的阻值是 3500ω，则其电阻率为 ω·m，由图中对应曲线（填“1”或“2”）可得此时溶液浓度约为 ％（结果保留两位有效数字）。

3．（1）用螺旋测微器测量金属导线的直径，其示数如图所示，该金属导线的直径为 mm。

（2）用下列器材装成描绘电阻 r 0 伏安特性曲线的电路，请将实物图连线成为实验电路。

微安表 μa（量程 200 μa，内阻约 200ω）； 电压表 v（量程 3v，内阻约 10ω）；

电阻 r 0（阻值约 20 kω）； 滑动变阻器 r（最大阻值 50ω，额定电流 1 a）； 电池组 e（电动势 3v，内阻不计）； 开关 s 及导线若干。

4．图为用伏安法测量电阻的原理图。图中，v 为电压表，内阻为 4000ω，ma 为电流表，内阻为 50ω，e 为电源；r 为电阻箱，r x 为待测电阻，s 为开关。

（1）当开关闭合后电压表读数 u=1.6 v，电流表读数 i=2.0 ma。若将xuri 作为测量值，所得结果的百分误差是。

（2）若将电流表改为内接。开关闭合后，重新测得电压表读数和电流表读数，仍将电压表读数与电流表读数之比作为测量值，这时结果的百分误差是。

（百分误差 100% 实际值 测量值实际值）5．2007 年诺贝尔物理学奖授予了两位发现“巨磁电阻”效应的物理学家。材料的电阻随磁场的增加而增大的现象称为磁阻效应，利用这种效应可以测量磁感应强度。

若图 1 为某磁敏电阻在室温下的电阻——磁感应强度特性曲线，其中 r b , r 0 分别表示有、无磁场时磁敏电阻的阻值。为了测量磁感应强度 b，需先测量磁敏电阻处于磁场中的电阻值 r b。请按要求完成下列实验。

（1）设计一个可以测量磁场中该磁敏电阻阻值的电路，在图 2 的虚线框内画出实验电路原理图（磁敏电阻及所处磁场已给出，待测磁场磁感应强度大小约为 0.6～1.0t，不考虑磁场对电路其它部分的影响）。要求误差较小。

提供的器材如下：

a．磁敏电阻，无磁场时阻值 r 0 ＝150ω b．滑动变阻器 r，全电阻约 20ω c．电流表 a，量程 2.5 ma，内阻约 30ω d．电压表 v，量程 3v，内阻约 3kω

e．直流电源 e，电动势 3v，内阻不计 f．开关 s，导线若干（2）正确接线后，将磁敏电阻置入待测磁场中，测量数据如下表：

根据上表可求出磁敏电阻的测量值 r b ＝ ω，结合图 1 可知待测磁场的磁感应强度 b＝ t。

（3）试结合图 1 简要回答，磁感应强度 b 在 0～0.2t 和 0.4～1.0t 范围内磁敏电阻阻值的变化规律有何不同？（4）某同学查阅相关资料时看到了图 3 所示的磁敏电阻在一定温度下的电阻——磁感应强度特性曲线（关于纵轴对称），由图线可以得到什么结论？ 6．如图所示为某同学实验得到的小灯泡灯丝电阻的 u—i 关系曲线图。

（1）请画出实验电路图（根据该电路图可得到 u—i 关系的完整曲线），可用的器材有：电压表、电流表、滑线变阻器（变化范围 0～50ω)、电动势为 6v 的电源（不计内阻）、小灯泡、电键、导线若干。

（2）如果将该小灯泡分别接入甲、乙两个不同电路，如图所示，其中甲电路的电源为一节干电池，乙电路的电源为三节干电池，每节干电池的电动势为 1.5 v，内电阻为 1.5ω，定值电阻 r=18ω，在电路甲中，小灯泡消耗的电功率为 w，在电路乙中，小灯泡消耗的电功率为 w。则接入（选填“甲”或“乙”）电路时，小灯泡较亮些。

（3）若将电路乙中的电阻 r 替换为另一个完全相同的小灯泡，其他条件不变，则此时电源内部的发热功率为 w。

7．（1）某同学用螺旋侧微器测量一铜丝的直径，测微器的示数如图所示，该铜丝的直径为 mm。

（2）右图为一电学实验的实物连线图。该实验可用来测量待测电阻 r x 的阻值（约 500ω)。图中两个电压表量程相同，内阻都很大。实验步骤如下：

①调节电阻箱，使它的阻值与待测电阻的阻值接近，将滑动变阻器的滑动头调到最右端。

②合上开关 s。

③将滑动变阻器的滑动头向左端滑动，使两个电压表指针都有明显偏转。

④记下两个电压表 v 1 和 v 2 的读数 u 1 和 u 2。

⑤多次改变滑动变阻器滑动头的位置，记下 v 1 和 v 2 的多组读数。

⑥求 r x 的平均值。

回答下列问题：

（ⅰ）根据实物连线图在虚线框内画出实验的电路原理图，其中电阻箱的符号为，滑动变阻器的符号为，其余器材用通用的符号表示。

（ⅱ）不计电压表内阻的影响，用 u 1，u 2 和 r 0 表示 r x 的公式为 r x =。

（ⅲ）考虑电压表内阻的影响，用 u 1、u 2、r 0、v 1 的内阻 r 1、v2 的内阻 r 2 表示 r x 的公式为 r x =。

8．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中.用导线 a、b、c、d、e、f、g 和 h 按题图所示方式连接电路，电路中所有元器件都完好，且电压表和电流表已调零.闭合开关后； ①若电压表的示数为 2 v,电流表的的示数为零，小灯泡不亮，则断路的导线为__ ； ②若电压表的示数为零，电流表的示数为 0.3 a,小灯泡亮，则断路的导线为__ ； ③若反复调节滑动变阻器,小灯泡亮度发生变化，但电压表、电流表的示数不能调为零，则断路的导线为___。

9．某同学利用图（a）所示的电路研究灯泡（6 v，1.5 w），l 2（6 v，10 w）的发光情况（假设灯泡电阻恒定）图（b）为实物图。

（1）他分别将 l 1、l 2 接入图（a）中的虚线框位置，移动滑动变阻器的滑片 p，当电压表示为 6v 时，发现灯泡均能正常发光。在图（b）中用笔线代替导线将电路连线补充完整。

（2）接着他将 l 1 和 l 2 串联后接入图（a）中的虚线框位置，移动滑动变阻器的滑片 p，当电压表示数为 6v 时，发现其中一个灯泡亮而另一个灯泡不亮，出现这种现象的原因是。

（3）现有如下器材：电源e（6 v，内阻不计）灯泡1l 6 v，1.5 w），2l（6 v,10 w），3l（6 v，10 w）。单刀双掷开关s。在图（c）中设计一个机动车转向灯的控制电路：当单刀双掷开关s与1相接时，信号灯1l 亮，右转向灯2l 亮而左转向灯3l 不亮；当单刀双掷开关s与2相接时，信号灯1l 亮，左转向灯3l 亮而右转向灯2l 不亮。

10．一根长为 1m 的均匀电阻丝需与一"10v，5w"的灯同时工作，电源电压恒为 100v，电阻丝阻值 r＝100ω(其阻值不随温度变化)．现利用分压电路从电阻丝上获取电能，使灯正常工作．（1）在右面方框中完成所需电路；（2）电路中电流表的量程应选择＿＿＿(选填："0－0.6a"或"0－3a")；（3）灯正常工作时，与其并联的电阻丝长度为＿＿＿＿m(计算时保留小数点后二位)． 成果测评答案：

1.【答案】（1）1.200（2）r 与 s 不满足反比例关系；r 与2s 满足反比例关系（3）19 【解析】（1）本问考查螺旋测微器的读数，由图可得 d=1.200 mm（2）从表格中选取几组对应数据进行 r 与 s 关系的测验 k rs 1k  121.0×0.504=60.984 2k  50.0×0.784= 39.200 3k  23.9×1.133=27.079 显然相差甚大，由此再猜测2k rs  代入相关表格数据 21121.0(0.504)30.736 k   2250.0(0.784)30.733 k   2323.9(1.133)30.680 k    从数据上分析可以得出 r 与2s 成反比例关系（3）由2lrs  得2rsl，代入数据可求得 l=19 m。注意有效数字的保留。

2.【答案】（1）d；1（2）1；0.011 至 0．014 间的数据 【解析】（1）实验前要调整滑动变阻器的触头位置，使之在闭合电路中通过的电流或其两端电压最小，故选 d；电流表外接的结构如图所示，因此选 1。

（2）由xlrs  得，423500 20 1020 10xr sl  ω·m=35ω·m。

内接法比外接法测得的电阻大，因此计算得出的电阻率也大，故选曲线 1，根据图线可知电阻率为 35ω·m，对应的溶液浓度约为 0.011～0.014％间均可。

3.【答案】（1）1.880（1.878～1.882均正确）（2）【解析】（1）首先读出固定刻度 1.5 mm 再读出可动刻度 38.0×0.01 mm=0.380 mm 金属丝直径为（1.5＋0.380)mm=1.880 mm。

（注意半刻度线是否漏出；可动刻度需要估读）（2）描绘一个电阻的伏安特性曲线一般要求电压要从 0 开始调节，因此要采用分压电路。由于0 va 0100, 0.5r rr r ，因此 μa 表要采用内接法，其电路原理图为 连线时按照上图中所标序号顺序连接即可。

4【答案】（1）20%（2）5% 【解析】：（1）xr 的测量值231.68.0 102.3 10xuri    测测测 33v1.61.0 101.62.3 104000xuruir       测实测测 百 分 误 差3 231.0 10 8.0 10100% 100% 20%1.0 10x xxr rr       测 实实（2）将电流表改为内接电路图为：

31.0 10xr   实 3a1.05 10x xr r r     测 实 3 331.0 10 1.05 10100% 100% 5%1.0 10        实际值 测量值百分误差实际值。

5.【答案】（1）如图所示（2）1500；0.90（3）在 0～0.2t 范围内，磁敏电阻的阻值随磁感应强度非线性变化（或不均匀变化）；在 0.4～1.0t 范围内，磁敏电阻的阻值随磁感应强度线性变化（或均匀变化）（4）磁场反向，磁敏电阻的阻值不变。

【解析】由图 1 可以看出：随着磁场强度的增大，0brr在增大且01brr，同时在磁场0.6t 到 1.0t 范围时，由图可以看出06br r   900ω。比较vbrr与abrr可见选用电流表内接法较好，并且(br r r =20ω），因此要采用分压电路，从而确定电路原理图，如上图所示。

（2）由表中数据可利用uri 计算出不同电压下的电阻值。31111.50 10uri   ω，32221.52 10uri   ω，同理得331.50 10 r   ω，341.49 10 r   ω，351.50 10 r   ω，31 2 3 4 51.50 105br r r r rr      ω，则301.50 1010150brr  倍。对应图 1，可看出010brr 时，对应的横坐标的值为 b=0.90t。

（3）看图 1 0brbr 图，在 0～0.2t 范围内的变化趋势是不均匀变化（图线是曲线，不是直线），而在 0.4～1.0 t 范围内，图线是直线，反映在这一范围内电阻——磁感应强度的特性曲线是均匀变化的。

（4）该曲线关于br 轴（纵轴对称），说明磁场反向，磁敏电阻的电阻值不变。

6.【答案】（1）如图所示（外接法、分压电路）；（2）0.22；0.16；甲（3）0.27(0.25～0.30 间都给分）。

【解析】（1）由题图可知．电压是从 0v 开始测量的，所以必须采用分压电路，通常小灯泡的电阻为 8ω 左右，与安培表的内阻接近，与伏特表的电阻相差较大，所以安培表应该外接。（2）小灯泡是否亮一些，以功率大小来确定。从题图中可以肴出，在 2v 以下，小灯泡的电阻基本不变，由图可求出此时的电阻为0r =6.67ω；2 v 以上时，随电压升高，小灯池的电阻越来越大。甲图小灯池的功率为1 1 1p u i   0.22w；乙图小灯泡的功率为2 2 2p u i   0.16 w；（3）由于电池是三个，灯泡是两个，所以每个灯池的实得电压要升高，有可能会超过 2v，灯泡的电阻可能变大了，选按照每个小灯池电阻不变来计算，则每个小灯泡电压 1.7 v，由此看来，小灯泡的电阻没有增大。所以2upr  0.27w。

7.【答案】（1）4.593（4.592 或 4.594 也同样给分）（2）（ⅰ）电路原理图如图所示（ⅱ）201xur ru（ⅲ）2 0 1 21 2 0 2 0 1()xu r rrru r r r u r r  【解析】（1）注意已露出半刻度线，同时注意估读即可。

（2）（ⅰ）根据实物图，将实物图换成符号表示即可。

（ⅱ）不计电压表内阻的影响，通过0r 与xr 的电流相等；则有1 20 xu ur r，所以201xur ru。

（ⅲ）通过1v 与0r 的电流之和等于通过2v 与xr 的电流之和，即1 1 2 21 0 2 xu u u ur r r r   化简可得2 0 1 21 2 0 2 0 1()xu r rrru r r r u r r 。

8.【答案】① d 导线 ②h 导线 ③g 导线 【解析】分析电路将实物图转化成原理图如图． ①v 有示数说明 v 与供电电路相连，而小灯泡不亮故 d 导线断 ②v 示数为零，a 为 0.3 a，则 v 与电源断开，故 h 导线断 ③无论如何调节，v、a 示数不能为零，说明变阻器不为分压式接法．但灯仍亮且变化，故 g 导线断。

9.【解析】（1）如图（2）由于1lr 比2lr 小得多，灯泡1l 分得的电压很小，虽然有电流流过，但功率很小，不能发光。

（3）如图 10.【答案】（1）电路如图（2）0～3a（3）0.17(或3 5 510)【解析】（1）按要求用分压式接法．（2）如图，电流的最小值为 1a>0.6 a，故应选用 0～3a 电流表．

（3）由于电阻丝电阻为lr，故设并联电阻丝长度为 l。此时电阻为1r，则11 100r l ．且1r 与灯并联，11r r r urr r u r 并 灯 灯并灯 总，对电灯正常工作2urp灯，联立解得 l=0.17 m。

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